操作1、3、4都是正常操作,我就不講了。
然後我們考慮怎麼處理區間除法。
首先容易想到對于一個數 x x x,它除一次最少除 2 2 2,那麼它最多除 l o g 2 ( x ) log_2(x) log2(x)次就會變成 0 o r 1 0\ or\ 1 0 or 1。
但是會有區間加法,是以這個東東不可以搞。
于是我們注意到一個性質:
如果:
x − ⌊ x d ⌋ = z − ⌊ z d ⌋ x-\lfloor\frac{x}{d}\rfloor=z-\lfloor\frac{z}{d}\rfloor x−⌊dx⌋=z−⌊dz⌋
那麼有對于所有的 y y y,若 x ⩽ y ⩽ z x\leqslant y \leqslant z x⩽y⩽z,則有:
x − ⌊ x d ⌋ = y − ⌊ y d ⌋ = z − ⌊ z d ⌋ x-\lfloor\frac{x}{d}\rfloor=y-\lfloor\frac{y}{d}\rfloor=z-\lfloor\frac{z}{d}\rfloor x−⌊dx⌋=y−⌊dy⌋=z−⌊dz⌋
證明:
若 x ⩽ y ⩽ z x\leqslant y \leqslant z x⩽y⩽z,那麼
⌊ x d ⌋ ⩽ ⌊ y d ⌋ ⩽ ⌊ z d ⌋ \lfloor\frac{x}{d}\rfloor \leqslant \lfloor\frac{y}{d}\rfloor \leqslant \lfloor\frac{z}{d}\rfloor ⌊dx⌋⩽⌊dy⌋⩽⌊dz⌋且 ⌊ y d ⌋ − ⌊ x d ⌋ ⩽ y − x \lfloor\frac{y}{d}\rfloor-\lfloor\frac{x}{d}\rfloor \leqslant y-x ⌊dy⌋−⌊dx⌋⩽y−x
顯而易見
移下項:
x − ⌊ x d ⌋ ⩽ y − ⌊ y d ⌋ x-\lfloor\frac{x}{d}\rfloor \leqslant y-\lfloor\frac{y}{d}\rfloor x−⌊dx⌋⩽y−⌊dy⌋
同理可得:
y − ⌊ y d ⌋ ⩽ z − ⌊ z d ⌋ y-\lfloor\frac{y}{d}\rfloor \leqslant z-\lfloor\frac{z}{d}\rfloor y−⌊dy⌋⩽z−⌊dz⌋
故:
x − ⌊ x d ⌋ ⩽ y − ⌊ y d ⌋ ⩽ z − ⌊ z d ⌋ x-\lfloor\frac{x}{d}\rfloor \leqslant y-\lfloor\frac{y}{d}\rfloor \leqslant z-\lfloor\frac{z}{d}\rfloor x−⌊dx⌋⩽y−⌊dy⌋⩽z−⌊dz⌋
是以當
x − ⌊ x d ⌋ = z − ⌊ z d ⌋ x-\lfloor\frac{x}{d}\rfloor=z-\lfloor\frac{z}{d}\rfloor x−⌊dx⌋=z−⌊dz⌋
時,對于所有的 x ⩽ y ⩽ z x \leqslant y \leqslant z x⩽y⩽z,都滿足:
x − ⌊ x d ⌋ = y − ⌊ y d ⌋ = z − ⌊ z d ⌋ x-\lfloor\frac{x}{d}\rfloor = y-\lfloor\frac{y}{d}\rfloor =z-\lfloor\frac{z}{d}\rfloor x−⌊dx⌋=y−⌊dy⌋=z−⌊dz⌋
得證。
感覺那麼一大段字說了一堆廢話……
那麼每次我們隻要判斷一下如果這個區間 [ l , r ] [l,r] [l,r]的:
m i n n − ⌊ m i n n d ⌋ = m a x n − ⌊ m a x n d ⌋ minn-\lfloor\frac{minn}{d}\rfloor=maxn-\lfloor\frac{maxn}{d}\rfloor minn−⌊dminn⌋=maxn−⌊dmaxn⌋
由于肯定有 m i n n ⩽ a l , a l + 1 , . . . , a r ⩽ m a x n minn \leqslant a_l,a_{l+1},...,a_r \leqslant maxn minn⩽al,al+1,...,ar⩽maxn
是以必有
a l − ⌊ a l d ⌋ = a l + 1 − ⌊ a l + 1 d ⌋ = . . . = a r − ⌊ a r d ⌋ a_l-\lfloor\frac{a_l}{d}\rfloor=a_{l+1}-\lfloor\frac{a_{l+1}}{d}\rfloor=...=a_r-\lfloor\frac{a_r}{d}\rfloor al−⌊dal⌋=al+1−⌊dal+1⌋=...=ar−⌊dar⌋
而對于每一個數 a i a_i ai, a i − ⌊ a i d ⌋ a_i-\lfloor\frac{a_i}{d}\rfloor ai−⌊dai⌋就是從 a i a_i ai變為 ⌊ a i d ⌋ \lfloor\frac{a_i}{d}\rfloor ⌊dai⌋需要減多少,是以隻要将 a i a_i ai減去 a i − ⌊ a i d ⌋ a_i-\lfloor\frac{a_i}{d}\rfloor ai−⌊dai⌋,就可以實作除法。
是以這就是一個區間減法,因為每個數都要減去這個值。
是以這一段的代碼:
void update2(int k,int l,int r,int ql,int qr,ll val)
{
int x=floor(1.0*minn[k]/val)-minn[k];
int y=floor(1.0*maxn[k]/val)-maxn[k];
if(ql<=l&&r<=qr&&x==y)
{
sum[k]+=x*(r-l+1);//區間加(減)
minn[k]+=x;
maxn[k]+=x;
lazy[k]+=x;
return;
}
int mid=(l+r)>>1;
down(k,l,r,mid);
if(ql<=mid)update2(k<<1,l,mid,ql,qr,val);
if(qr>mid)update2(k<<1|1,mid+1,r,ql,qr,val);
up(k);
}
時間複雜度: O ( q log ( n ) log ( V ) ) O(q\log(n) \log (V)) O(qlog(n)log(V))。
不會證……
全部代碼如下:
#include<bits/stdc++.h>
#define N 100010
#define ll long long
#define LNF 0x7fffffffffffffff
using namespace std;
int n,m,a[N];
ll sum[N<<2],minn[N<<2],maxn[N<<2],lazy[N<<2];
void downn(int k,int l,int r,ll val)
{
sum[k]+=val*(r-l+1);
minn[k]+=val;
maxn[k]+=val;
lazy[k]+=val;
}
void down(int k,int l,int r,int mid)
{
if(lazy[k])
{
downn(k<<1,l,mid,lazy[k]);
downn(k<<1|1,mid+1,r,lazy[k]);
lazy[k]=0;
}
}
void up(int k)
{
sum[k]=sum[k<<1]+sum[k<<1|1];
minn[k]=min(minn[k<<1],minn[k<<1|1]);
maxn[k]=max(maxn[k<<1],maxn[k<<1|1]);
}
void build(int k,int l,int r)
{
if(l==r)
{
scanf("%lld",&sum[k]);
maxn[k]=minn[k]=sum[k];
return;
}
int mid=(l+r)>>1;
build(k<<1,l,mid);
build(k<<1|1,mid+1,r);
up(k);
}
void update1(int k,int l,int r,int ql,int qr,ll val)
{
if(ql<=l&&r<=qr)
{
downn(k,l,r,val);
return;
}
int mid=(l+r)>>1;
down(k,l,r,mid);
if(ql<=mid)update1(k<<1,l,mid,ql,qr,val);
if(qr>mid)update1(k<<1|1,mid+1,r,ql,qr,val);
up(k);
}
void update2(int k,int l,int r,int ql,int qr,ll val)
{
if(ql<=l&&r<=qr&&floor(1.0*minn[k]/val)-minn[k]==floor(1.0*maxn[k]/val)-maxn[k])
{
ll tmp=floor(1.0*minn[k]/val)-minn[k];
downn(k,l,r,tmp);
return;
}
int mid=(l+r)>>1;
down(k,l,r,mid);
if(ql<=mid)update2(k<<1,l,mid,ql,qr,val);
if(qr>mid)update2(k<<1|1,mid+1,r,ql,qr,val);
up(k);
}
ll query1(int k,int l,int r,int ql,int qr)
{
if(ql<=l&&r<=qr)
return minn[k];
int mid=(l+r)>>1;ll ans=LNF;
down(k,l,r,mid);
if(ql<=mid)ans=min(ans,query1(k<<1,l,mid,ql,qr));
if(qr>mid)ans=min(ans,query1(k<<1|1,mid+1,r,ql,qr));
return ans;
}
ll query2(int k,int l,int r,int ql,int qr)
{
if(ql<=l&&r<=qr)
return sum[k];
int mid=(l+r)>>1;ll ans=0;
down(k,l,r,mid);
if(ql<=mid)ans+=query2(k<<1,l,mid,ql,qr);
if(qr>mid)ans+=query2(k<<1|1,mid+1,r,ql,qr);
return ans;
}
int main()
{
scanf("%d%d",&n,&m);
build(1,1,n);
while(m--)
{
int opt,l,r;
scanf("%d%d%d",&opt,&l,&r);
l++,r++;
if(opt==1)
{
ll val;
scanf("%lld",&val);
update1(1,1,n,l,r,val);
}
if(opt==2)
{
ll val;
scanf("%lld",&val);
update2(1,1,n,l,r,val);
}
if(opt==3)
printf("%lld\n",query1(1,1,n,l,r));
if(opt==4)
printf("%lld\n",query2(1,1,n,l,r));
}
return 0;
}