Chinese remainder theorem again Time Limit:1000MS Memory Limit:32768KB 64bit IO Format:%I64d & %I64u Submit Status Practice HDU 1788 Appoint description: System Crawler (2015-04-27)
Description
我知道部分同學最近在看中國剩餘定理,就這個定理本身,還是比較簡單的:
假設m1,m2,…,mk兩兩互素,則下面同餘方程組:
x≡a1(mod m1)
x≡a2(mod m2)
…
x≡ak(mod mk)
在0<=<m1m2…mk内有唯一解。
記Mi=M/mi(1<=i<=k),因為(Mi,mi)=1,故有二個整數pi,qi滿足Mipi+miqi=1,如果記ei=Mi/pi,那麼會有:
ei≡0(mod mj),j!=i
ei≡1(mod mj),j=i
很顯然,e1a1+e2a2+…+ekak就是方程組的一個解,這個解加減M的整數倍後就可以得到最小非負整數解。
這就是中國剩餘定理及其求解過程。
現在有一個問題是這樣的:
一個正整數N除以M1餘(M1 - a),除以M2餘(M2-a), 除以M3餘(M3-a),總之, 除以MI餘(MI-a),其中(a<Mi<100 i=1,2,…I),求滿足條件的最小的數。
Input
輸入資料包含多組測試執行個體,每個執行個體的第一行是兩個整數I(1<I<10)和a,其中,I表示M的個數,a的含義如上所述,緊接着的一行是I個整數M1,M1...MI,I=0 并且a=0結束輸入,不處理。
Output
對于每個測試執行個體,請在一行内輸出滿足條件的最小的數。每個執行個體的輸出占一行。
Sample Input
2 1
2 3
0 0
Sample Output
5
題意:N%M[i]=M[i]-a; 另A[i]=M[i]-a; N%M[i]=A[i];
變形就是中國剩餘定理<不互質版>:不了解可以看:http://blog.csdn.net/u010579068/article/details/45422941
題目連結:http://acm.hdu.edu.cn/showproblem.php?pid=1788
轉載請注明出處:http://blog.csdn.net/u010579068
我用這篇的代碼改的。
#include<stdio.h>
#define LL __int64
void exgcd(LL a,LL b,LL& d,LL& x,LL& y)
{
if(!b){d=a;x=1;y=0;}
else
{
exgcd(b,a%b,d,y,x);
y-=x*(a/b);
}
}
LL gcd(LL a,LL b)
{
if(!b){return a;}
gcd(b,a%b);
}
LL M[55],A[55];
LL China(int r)
{
LL dm,i,a,b,x,y,d;
LL c,c1,c2;
a=M[0];
c1=A[0];
for(i=1; i<r; i++)
{
b=M[i];
c2=A[i];
exgcd(a,b,d,x,y);
c=c2-c1;
if(c%d) return -1;//c一定是d的倍數,如果不是,則,肯定無解
dm=b/d;
x=((x*(c/d))%dm+dm)%dm;//保證x為最小正數//c/dm是餘數,系數擴大餘數被
c1=a*x+c1;
a=a*dm;
}
if(c1==0)//餘數為0,說明M[]是等比數列。且餘數都為0
{
c1=1;
for(i=0;i<r;i++)
c1=c1*M[i]/gcd(c1,M[i]);
}
return c1;
}
int main()
{
int I,r;
while(scanf("%d%d",&I,&r),(I+r))
{
for(int i=0;i<I;i++)
{
scanf("%I64d",&M[i]);
A[i]=M[i]-r;
}
LL ans=China(I);
printf("%I64d\n",ans);
}
return 0;
}