題意:
無向圖,但是一次至少走兩步,權值為兩個邊邊權和的平方。求1到其他每個點的最短距離。
思路:
- 直覺的想法是重構圖,将所有的兩步變成一個邊。但是這樣很容易想到,如果某些點存在很多出邊,就可以構成很多的兩步邊,這樣複雜度不可接受。
- 觀察可知,這裡的邊權很小,很适合作為一維狀态。因為要兩條邊才能計算一次距離,是以定義 d i s [ x ] [ w ] [ o d d ] dis[x][w][odd] dis[x][w][odd]代表起點走到 x x x,上一條邊權值為 w w w,已經走過邊數的是否為奇數 o d d odd odd。這樣當從奇數步數轉移到偶數步數時,就可以通過之前記錄的邊權 w w w來計算權值。
- 這相當于多元最短路,用 d i j k s t r a dijkstra dijkstra寫一下就 o k ok ok了。
#include <cstdio>
#include <cstring>
#include <algorithm>
#include <map>
#include <cmath>
#include <vector>
#include <unordered_map>
#include <queue>
#include <iostream>
using namespace std;
typedef long long ll;
const int maxn = 2e5 + 7;
ll dis[maxn][51][2];
vector<pair<int,int> >G[maxn];
bool vis[maxn][51][2];
struct Node {
int id,w,odd;
ll v;
bool operator < (const Node&rhs) const {
// if(odd == rhs.odd)
return v > rhs.v;
// return odd < rhs.odd;
}
};
void dij() {
priority_queue<Node>q;
q.push({1,0,0,0});
memset(dis,0x3f,sizeof(dis));
dis[1][0][0] = 0;
while(!q.empty()) {
Node now = q.top();q.pop();
if(vis[now.id][now.w][now.odd]) continue;
vis[now.id][now.w][now.odd] = true;
int x = now.id;
for(int i = 0;i < G[x].size();i++) {
int v = G[x][i].first,w = G[x][i].second;
ll cost = 0;
if(now.odd == 1) {
cost = (now.w + w) * (now.w + w);
}
if(dis[v][w][now.odd ^ 1] > dis[x][now.w][now.odd] + cost) {
dis[v][w][now.odd ^ 1] = dis[x][now.w][now.odd] + cost;
q.push({v,w,now.odd ^ 1,dis[v][w][now.odd ^ 1]});
}
}
}
}
int main() {
int n,m;scanf("%d%d",&n,&m);
for(int i = 1;i <= m;i++) {
int x,y,z;scanf("%d%d%d",&x,&y,&z);
G[x].push_back({y,z});
G[y].push_back({x,z});
}
dij();
// printf("%lld %lld\n",dis[2][2][0],dis[1][3][1]);
for(int i = 1;i <= n;i++) {
ll cost = 1e18;
for(int j = 0;j <= 50;j++) {
cost = min(cost,dis[i][j][0]);
}
if(cost == 1e18) printf("-1 ");
else printf("%lld ",cost);
}
return 0;
}