思路來自于武大的一個大神 并不是我的。。。
題目連結:http://acm.whu.edu.cn/land/problem/detail?problem_id=1608&contest_id=16
題目大意:給你n個數,讓你找它的子集,子集中的數能通過+或-組成s,問這樣的子集最多有多少個,任意兩個子集不能相交
題目解析:這道題關鍵是如何枚舉子集以及如何判斷每個子集能否組成值s,和如何遞推
枚舉子集其實不難:
for(int i=; i<=(<<n)-; i++)
這樣就能枚舉所有子集
要判斷子集能否組成s,就要枚舉子集的子集
for(int i=; i<= ( <<n ) - ; i++)
{
for(int j=(i-)&i; j; j=(j-)&i)
{
}
}
在這裡j就是i的子集,因為j枚舉了所有比i小的數,且和i做了位與運算,能保證j肯定是i的子集。
如果懂了上面,遞推就很簡單了
我們知道一個集合j的任意子集s的最優解
隻要枚舉j的子集,判斷哪兩個子集相加最大就是集合j的最優解
代碼:
#include <iostream>
#include <cstring>
#include <cstdio>
#include <cstdlib>
#include <cmath>
#include <string>
#include <vector>
#include <list>
#include <map>
#include <queue>
#include <stack>
#include <algorithm>
#include <numeric>
#include <functional>
#define RI(N) scanf("%d",&(N))
#define RII(N,M) scanf("%d %d",&(N),&(M))
#define RIII(N,M,K) scanf("%d %d %d",&(N),&(M),&(K))
#define mem(a) memset((a),0,sizeof(a))
using namespace std;
const int inf=;
const int inf1=-*;
double EPS=;
typedef long long LL;
int main()
{
int t;
RI(t);
while(t--)
{
int n,s;
RII(n,s);
int a[];
int mark[<<n];
int ans[<<n];
for(int i=; i<n; i++)
RI(a[i]);
int sum[<<n];
for(int i=; i<=(<<n)-; i++)
{
sum[i]=;
for(int j=; j<n; j++)
if((i>>j)&) sum[i]+=a[j];
}
for(int i=; i<= ( <<n ) - ; i++)
{
mark[i]=(sum[i]==s);
for(int j=(i-)&i; j; j=(j-)&i)
{
mark[i]|=(sum[j]+s==sum[i-j]||sum[j]-s==sum[i-j]);
}
}
for(int i=; i<=(<<n)-; i++)
{
ans[i]=mark[i];
for(int j=i&(i-); j; j=(j-)&i)
{
ans[i]=max(ans[i],ans[j]+ans[i-j]);
}
}
cout<<ans[(<<n)-]<<endl;
}
return ;
}