題目描述 Description
小淵和小軒是好朋友也是同班同學,他們在一起總有談不完的話題。一次素質拓展活動中,班上同學安排做成一個m行n列的矩陣,而小淵和小軒被安排在矩陣對角線的兩端,是以,他們就無法直接交談了。幸運的是,他們可以通過傳紙條來進行交流。紙條要經由許多同學傳到對方手裡,小淵坐在矩陣的左上角,坐标(1,1),小軒坐在矩陣的右下角,坐标(m,n)。從小淵傳到小軒的紙條隻可以向下或者向右傳遞,從小軒傳給小淵的紙條隻可以向上或者向左傳遞。
在活動進行中,小淵希望給小軒傳遞一張紙條,同時希望小軒給他回複。班裡每個同學都可以幫他們傳遞,但隻會幫他們一次,也就是說如果此人在小淵遞給小軒紙條的時候幫忙,那麼在小軒遞給小淵的時候就不會再幫忙。反之亦然。
還有一件事情需要注意,全班每個同學願意幫忙的好感度有高有低(注意:小淵和小軒的好心程度沒有定義,輸入時用0表示),可以用一個0-100的自然數來表示,數越大表示越好心。小淵和小軒希望盡可能找好心程度高的同學來幫忙傳紙條,即找到來回兩條傳遞路徑,使得這兩條路徑上同學的好心程度隻和最大。現在,請你幫助小淵和小軒找到這樣的兩條路徑。
輸入描述 Input Description
輸入的第一行有2個用空格隔開的整數m和n,表示班裡有m行n列(1<=m,n<=50)。
接下來的m行是一個m*n的矩陣,矩陣中第i行j列的整數表示坐在第i行j列的學生的好心程度。每行的n個整數之間用空格隔開。
輸出描述 Output Description
輸出共一行,包含一個整數,表示來回兩條路上參與傳遞紙條的學生的好心程度之和的最大值。
樣例輸入 Sample Input
3 3
0 3 9
2 8 5
5 7 0
樣例輸出 Sample Output
34
資料範圍及提示 Data Size & Hint
30%的資料滿足:1<=m,n<=10
100%的資料滿足:1<=m,n<=50
題目說找來回兩條不相交路徑,其實也可以等價為從(1,1)到(n,m)的兩條不相交路徑。
如果是隻找一條,那又回到了最經典的 dp[i][j] = max(dp[i-1][j],dp[i][j-1]) + a[i][j]。
現在找兩條,可以先把數組開到四維。
dp[x1][y1][x2][y2] = max{ dp[x1][y1-1][x2][y2-1],
dp[x1-1][y1][x2-1][y2],
dp[x1-1][y1][x2][y2-1],
dp[x1][y1-1][x2-1][y2]
}
+ a[x1][y1] + a[x2][y2]
要兩條路徑不能相交,也就是dp[x][y][x][y]屬于非法狀态,判斷一下不能經過此狀态即可。
最簡單的方法是令x2>x1,因為dp[x1][y1][x2][y2]與dp[x2][y2][x1][y1]是等價的。
由于m和n最大到50,開四維的數組太大,當中有很多重複和浪費。
腦補一下,兩張紙條同時傳的話,同一時刻它們穿過的人數是相同的,根據這點可以進行降維。
令d[i][x1][x2]表示第i步兩張紙條的x坐标分别是x1和x2,則y1=i-x1+2,y2=i-x2+2。
這樣就可以得出dp方程
d[i][x1][x2] = max{ d[i-1][x1][x2], d[i-1][x1-1][x2], d[i-1][x1][x2-1], d[i-1][x1-1][x2-1] }
+ a[x1][i-x1+2] + a[x2][i-x2+2]
注意答案d[n+m-2][n][n]要特算(因為這屬于"不合法狀态")
#include<iostream>
#include<cassert>
#include<cstdio>
#include<cstring>
#include<algorithm>
#include<cmath>
#include<string>
#include<iterator>
#include<cstdlib>
#include<vector>
#include<stack>
#include<map>
#include<set>
using namespace std;
#define rep(i,f,t) for(int i = (f),_end_=(t); i <= _end_; ++i)
#define rep2(i,f,t) for(int i = (f),_end_=(t); i < _end_; ++i)
#define dep(i,f,t) for(int i = (f),_end_=(t); i >= _end_; --i)
#define dep2(i,f,t) for(int i = (f),_end_=(t); i > _end_; --i)
#define clr(c, x) memset(c, x, sizeof(c) )
typedef long long int64;
const int INF = 0x5f5f5f5f;
const double eps = 1e-8;
//*****************************************************
int d[100][55][55];
int a[55][55];
inline int max(int i,int j,int k,int l)
{
return max(max(i,j),max(k,l));
}
int main()
{
int n,m;
scanf("%d%d",&n,&m);
rep(i,1,n)rep(j,1,m)scanf("%d",&a[i][j]);
rep(i,1,n+m-2)rep(x1,max(1,i+2-m),min(n,i+1))
{
int y1 = i - x1 + 2;
rep(x2,max(x1+1,i+2-m), min(n,i+1))
{
int y2 = i - x2 + 2;
d[i][x1][x2] = max(d[i-1][x1-1][x2-1], d[i-1][x1][x2-1],
d[i-1][x1-1][x2],d[i-1][x1][x2])
+ a[x1][y1] + a[x2][y2];
}
}
d[n+m-2][n][n] = d[n+m-3][n-1][n];
cout<<d[n+m-2][n][n]<<endl; //直接輸出d[n+m-3][n-1][n]即可
return 0;
}