http://codeforces.com/problemset/problem/276/A
A:题意:有n家餐馆,a[1]~a[n],在每家餐馆有一个欢乐度fi和时间ti,给你一个常数k,对于每家餐馆若ti>k,则获得fi-(ti-k)点欢乐度,否则增加fi点欢乐度,问在哪家餐馆吃饭获得的欢乐度最大。。。。
思路:SB题,直接枚举不解释。。。
http://codeforces.com/contest/276/problem/B
B:题意:首先给一个字符串,博弈,两个人轮流从字符串中随意删除一个元素,当一个人取之前,当前字符串是一个回文串时,这个人取得胜利,问对于给定的字符串,事先取的人必胜还是后取的人必胜。
思路:首先,要搞明白什么样的字符串是回文串,设字符串的长度为len,因为回文串是左右对称的,则若len为偶数,则字符串的每个字符个数均为偶数,若len为奇数,则除了中间的那个字符的总个数为奇数外,其他也均为偶数,所以游戏就是要避免达到总个数为奇数的字符的个数为0或1(。。。有点拗口哈。。。),我们一开始把所有字符的个数求出来,找出其个数为奇数的字符的个数,设为num,若num为0或1,则显然先手必胜,否则,我们先考虑num=2,这时先手若取走一个字符使num-1,则这时后手就胜利了,所以先手不能使num-1,只能去一个字符使num+1,这时后手就可以去一个字符将num-1,这时又回到了开始的状态,我们一直这样取下去,因为字符越来越少,最后会变成只剩下2个字符个数为奇数,其他都为0,这时先手不得不去掉一个字符使num=1,这时还是后手胜利,所以对于num=2时是后手必胜,我们可以一直按这个策略,则对于num>=2,num为偶数时,后手必胜,否则先手必胜。
http://codeforces.com/contest/276/problem/C
C:题意:给你n个数,q个询问,询问在[l,r]区间数的总和,要求重新排列这n个数,使得这q个询问所得到的总和最大。
思路:贪心即可,显然,对于询问越频繁的位置设的数越大越好,可以用线段树将每个位置询问的次数求出来,将原数列排序之后,找到询问数最大的位置将答案加上询问次数*当前最大数,然后将这个位置清零,继续寻找最大值即可。
http://codeforces.com/contest/276/problem/D
D:题意:给你两个数L和R,(L<=R),问在L与R之间找两个数x和y使得x^y最大。
思路:我们将L和R用二进制表示出来,从最高位开始,依次遍历,直到找到第一处不相等的位置,设为第po位,对于比po更高的位,因为我们必须使得x,y在L与R之间,所以异或只能为0(因为po是从高到低第一位满足L[po]!=R[po]的位)。对于第po位,我们不妨设x[po]=1,y[po]=0,这样一来,不管以后怎么设置,x不会小于L,且y不会大于R,则对于以后的每一位,我们设x为0,y为1,则可以保证满足x,y在L,R之间,且这时候显然x^y最大,答案为(1<<(po+1)-1)。
http://codeforces.com/contest/276/problem/E
E:题意:给你一棵树,这棵树除了根节点外,其他的节点的度数不会超过2,每个节点上有一个数,初始时为0,现有两种操作:
1:0 v x d ,表示将距离V节点长度不超过d的所有节点上的数加上x。
2 : 1 v , 表示询问v节点上的数为多少。
思路:仔细分析题目条件可看看出,将根节点去掉之后,整棵树就变成了一条条的链,于是我们可以把所有的链放进线段树中维护,根节点另外讨论,我们可按dfs序列将除根节点外的所有点放进线段树中,当我们更新一个节点时,我们找到对应的链在线段树中的位置,更新该节点以上以下d距离的节点,这时有可能会更新到根节点上,甚至跳过根节点更新到其他链中去,所以我们还要在维护一个数据结构,保存距离根节点deep距离的点(也就是深度)增加的值为多少(我用的树状数组),于是我们更新一个点分成了两个步骤,首先在当前脸上更新,若需要更新到根节点或其他链,我们更新树状数组,并且还要讲当前链中多加的值减回来,这个应该很好理解吧,算一下就出来了。对于询问我们也分为两部分,该点所在链中对应的值加上树状数组中保存的增量,注意对于根节点要另外讨论。代码如下所示。(写的屎长,其实可以就用两个树状数组的,当时傻逼了。。凑合看吧。。。)
#include <iostream>
#include <string.h>
#include <algorithm>
#include <stdio.h>
#define maxn 100010
using namespace std;
#define mid ((t[p].l+t[p].r)>>1)
#define ls (p<<1)
#define rs (ls|1)
//以下为树状数组
int c[maxn];
int lowbit(int x)
{
return x&(-x);
}
void addval(int x,int val,int n)
{
while(x<=n)
{
c[x]+=val;
x+=lowbit(x);
}
}
int getsum(int x)
{
int sum=0;
while(x>0)
{
sum+=c[x];
x-=lowbit(x);
}
return sum;
}
//以下为线段树
struct node
{
int l,r;
int val;
}t[maxn<<2];
void pushdown(int p)
{
if(t[p].val)
{
t[ls].val+=t[p].val;
t[rs].val+=t[p].val;
t[p].val=0;
}
}
void build(int p,int l,int r)
{
t[p].l=l,t[p].r=r;
t[p].val=0;
if(l==r)
{
return;
}
build(ls,l,mid);
build(rs,mid+1,r);
}
void add(int p,int l,int r,int val)
{
if(t[p].l==l&&t[p].r==r)
{
t[p].val+=val;
return;
}
pushdown(p);
if(r<=mid)
add(ls,l,r,val);
else if(l>mid)
add(rs,l,r,val);
else
{
add(ls,l,mid,val);
add(rs,mid+1,r,val);
}
}
int getval(int p,int x)
{
if(t[p].l==t[p].r)
return t[p].val;
pushdown(p);
if(x>mid)
return getval(rs,x);
else
return getval(ls,x);
}
//以下是建树
struct edge
{
int to;
int next;
}e[maxn<<1];
int box[maxn],cnt;
void init()
{
memset(box,-1,sizeof(box));
cnt=0;
}
void add(int from,int to)
{
e[cnt].to=to;
e[cnt].next=box[from];
box[from]=cnt++;
}
int dep[maxn],pre[maxn],child[maxn],scc=0;
int max(int a,int b)
{
return a>b?a:b;
}
void dfs(int now,int deep)
{
dep[now]=deep;
pre[now]=++scc;
child[now]=scc;
int tt,w;
for(tt=box[now];tt+1;tt=e[tt].next)
{
w=e[tt].to;
if(!pre[w])
{
dfs(w,deep+1);
child[now]=max(child[now],child[w]);
}
}
}
int inout[maxn];
int min(int a,int b)
{
return a<b?a:b;
}
int main()
{
freopen("dd.txt","r",stdin);
int n,q,i,a,b,root,tmp=0;
memset(c,0,sizeof(c));
memset(inout,0,sizeof(inout));
scanf("%d%d",&n,&q);
init();
for(i=1;i<n;i++)
{
scanf("%d%d",&a,&b);
add(a,b);
add(b,a);
inout[a]++;
inout[b]++;
}
for(i=1;i<=n;i++)
{
if(inout[i]>tmp)
{
tmp=inout[i];
root=i;
}
}
dfs(root,0);
build(1,1,n);
while(q--)
{
int t,v,x,d;
scanf("%d",&t);
if(t)
{
scanf("%d",&v);
int ans=getval(1,pre[v])+getsum(n+1-dep[v]);
printf("%d\n",ans);
}
else
{
scanf("%d%d%d",&v,&x,&d);
if(v!=root)
add(1,pre[v],min(child[v],pre[v]+d),x);
if(dep[v]>d)
{
add(1,pre[v]-d,pre[v]-1,x);
}
else
{
if(pre[v]-dep[v]+1<=pre[v]-1)
add(1,pre[v]-dep[v]+1,pre[v]-1,x);
addval(n+1-d+dep[v],x,n+1);
if(v!=root&&pre[v]-dep[v]+1<=min(child[v],pre[v]-2*dep[v]+d))
add(1,pre[v]-dep[v]+1,min(child[v],pre[v]-2*dep[v]+d),-x);
}
}
}
return 0;
}