这题有两种方法,一种是直接sqrt(n)的复杂度求约数数量
还有一种当然是比较快的方法,通过质因数分解求约数数量
为什么是求约数数量呢
可以发现 n+1=(i+1)*(j+1)
所以我们只需要求出约数的数量,就能知道i+1有多少种情况了,然后还需要讨论一下
假如n是12,约数有1,2,3,4,6,12
那么,因为是偶数个约数,所以总是两两配对的,一共有3对,所以i+1可能为1,2,3
又因为i不能为0,所以i+1不能为1,所以对数还要减小一对
所以如果约数个数为n,n为偶数,答案就等于n/2-1
如果n等于16,约数有1,2,4,8,16
那么,因为奇数个约数,所以中间一个没法配对,但是可以发现,有(n+1)/2对,除去(1,16)这一对,还有(n+1)/2-1对
综上所述,如果我们知道了约数的个数是n,那么答案就是(n+1)/2-1
#include<cstdio>
#include<cmath>
#include<cstring>
#include<queue>
#include<vector>
#include<ctime>
#include<functional>
#include<algorithm>
using namespace std;
typedef long long LL;
typedef pair<int, int> PII;
const int MX = 1e5 + 5;
const int INF = 0x3f3f3f3f;
int prime[100000], vis[MX], rear = 0;
void init() {
rear = 0;
vis[1] = 1;
for(int i = 2; i < MX; i++) {
if(vis[i]) continue;
prime[++rear] = i;
if((LL)i * i >= MX) continue;
for(int j = i * i; j < MX; j += i) {
vis[j] = 1;
}
}
}
int main() {
int T;
init();
scanf("%d", &T);
while(T--) {
LL n;
scanf("%I64d", &n);
n++;
int ans = 1, s;
for(int i = 1; (LL)prime[i]*prime[i] <= n; i++) {
s = 0;
while(n % prime[i] == 0) {
s++;
n /= prime[i];
}
ans *= s + 1;
if(n == 1) break;
}
if(n != 1) ans *= 2;
printf("%d\n", (ans + 1)/2 - 1);
}
return 0;
}