這題有兩種方法,一種是直接sqrt(n)的複雜度求約數數量
還有一種當然是比較快的方法,通過質因數分解求約數數量
為什麼是求約數數量呢
可以發現 n+1=(i+1)*(j+1)
是以我們隻需要求出約數的數量,就能知道i+1有多少種情況了,然後還需要讨論一下
假如n是12,約數有1,2,3,4,6,12
那麼,因為是偶數個約數,是以總是兩兩配對的,一共有3對,是以i+1可能為1,2,3
又因為i不能為0,是以i+1不能為1,是以對數還要減小一對
是以如果約數個數為n,n為偶數,答案就等于n/2-1
如果n等于16,約數有1,2,4,8,16
那麼,因為奇數個約數,是以中間一個沒法配對,但是可以發現,有(n+1)/2對,除去(1,16)這一對,還有(n+1)/2-1對
綜上所述,如果我們知道了約數的個數是n,那麼答案就是(n+1)/2-1
#include<cstdio>
#include<cmath>
#include<cstring>
#include<queue>
#include<vector>
#include<ctime>
#include<functional>
#include<algorithm>
using namespace std;
typedef long long LL;
typedef pair<int, int> PII;
const int MX = 1e5 + 5;
const int INF = 0x3f3f3f3f;
int prime[100000], vis[MX], rear = 0;
void init() {
rear = 0;
vis[1] = 1;
for(int i = 2; i < MX; i++) {
if(vis[i]) continue;
prime[++rear] = i;
if((LL)i * i >= MX) continue;
for(int j = i * i; j < MX; j += i) {
vis[j] = 1;
}
}
}
int main() {
int T;
init();
scanf("%d", &T);
while(T--) {
LL n;
scanf("%I64d", &n);
n++;
int ans = 1, s;
for(int i = 1; (LL)prime[i]*prime[i] <= n; i++) {
s = 0;
while(n % prime[i] == 0) {
s++;
n /= prime[i];
}
ans *= s + 1;
if(n == 1) break;
}
if(n != 1) ans *= 2;
printf("%d\n", (ans + 1)/2 - 1);
}
return 0;
}