傳送門
problem
A 國有 n n n 座城市,編号從 1 1 1 到 n n n,城市之間有 m m m 條雙向道路。每一條道路對車輛都有重量限制,簡稱限重。現在有 q q q 輛貨車在運輸貨物,司機們想知道每輛車在不超過車輛限重的情況下,最多能運多重的貨物。
資料範圍: 0 < n < 1 0 4 0<n<10^4 0<n<104, 0 < m < 5 × 1 0 4 0<m<5\times 10^4 0<m<5×104, 0 < q < 3 × 1 0 4 0<q<3\times 10^4 0<q<3×104。
solution
重新寫了一遍,當做是複習了吧。
做一遍最大生成樹,把 Kruskal 重構樹建出來,那麼兩點的答案就是 lca 的權值。
時間複雜度 O ( n log n ) O(n\log n) O(nlogn)。
code
#include<bits/stdc++.h>
using namespace std;
namespace IO{
const int Rlen=1<<22|1;
char buf[Rlen],*p1,*p2;
inline char gc(){
return (p1==p2)&&(p2=(p1=buf)+fread(buf,1,Rlen,stdin),p1==p2)?EOF:*p1++;
}
template<typename T>
inline T Read(){
char c=gc();T x=0,f=1;
while(!isdigit(c)) f^=(c=='-'),c=gc();
while( isdigit(c)) x=(x+(x<<2)<<1)+(c^48),c=gc();
return f?x:-x;
}
inline int in() {return Read<int>();}
}
using IO::in;
const int N=2e4+5,M=5e4+5;
int n,m,q,tot;
struct edges{int u,v,w;}e[M];
bool operator<(const edges &p,const edges &q) {return p.w>q.w;}
int father[N],son[N][2],dep[N],val[N],fa[N][15];
int find(int x) {return (father[x]==x)?x:father[x]=find(father[x]);}
void Kruskal(){
sort(e+1,e+m+1),tot=n;
for(int i=1;i<=n;++i) father[i]=i;
for(int i=1;i<=m;++i){
int u=find(e[i].u),v=find(e[i].v);
if(u!=v){
son[++tot][0]=u,son[tot][1]=v;
fa[u][0]=fa[v][0]=father[u]=father[v]=father[tot]=tot;
val[tot]=e[i].w;
}
}
}
void dfs(int x){
for(int i=1;i<=14;++i) fa[x][i]=fa[fa[x][i-1]][i-1];
if(son[x][0]) dep[son[x][0]]=dep[x]+1,dfs(son[x][0]);
if(son[x][1]) dep[son[x][1]]=dep[x]+1,dfs(son[x][1]);
}
int LCA(int x,int y){
if(dep[x]<dep[y]) swap(x,y);
for(int i=14;~i;--i) if(dep[fa[x][i]]>=dep[y]) x=fa[x][i];
if(x==y) return x;
for(int i=14;~i;--i) if(fa[x][i]!=fa[y][i]) x=fa[x][i],y=fa[y][i];
return fa[x][0];
}
int main(){
n=in(),m=in();
for(int i=1;i<=m;++i) e[i].u=in(),e[i].v=in(),e[i].w=in();
Kruskal();
for(int i=tot;i>=1;--i) if(!dep[i]) dep[i]=1,dfs(i);
q=in();
while(q--){
int x=in(),y=in(),lca=LCA(x,y);
printf("%d\n",val[lca]?val[lca]:-1);
}
return 0;
}