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題目描述
已知多項式方程:
a0+a1x+a2x^2+..+anx^n=0
求這個方程在[1, m ] 内的整數解(n 和m 均為正整數)
輸入輸出格式
輸入格式:
輸入檔案名為equation .in。
輸入共n + 2 行。
第一行包含2 個整數n 、m ,每兩個整數之間用一個空格隔開。
接下來的n+1 行每行包含一個整數,依次為a0,a1,a2..an
輸出格式:
輸出檔案名為equation .out 。
第一行輸出方程在[1, m ] 内的整數解的個數。
接下來每行一個整數,按照從小到大的順序依次輸出方程在[1, m ] 内的一個整數解。
輸入輸出樣例
輸入樣例#1: 複制
2 10
1
-2
1
輸出樣例#1: 複制
1
1
輸入樣例#2: 複制
2 10
2
-3
1
輸出樣例#2: 複制
2
1
2
輸入樣例#3: 複制
2 10
1
3
2
輸出樣例#3: 複制
說明
對于30%的資料:0< n<=2,|ai|<=100,an!=0,m< 100
對于50%的資料:0< n<=100,|ai|<=10^100,an!=0,m< 100
對于70%的資料:0< n<=100,|ai|<=10^10000,an!=0,m< 10000
#include<cstdio>
#define ll long long
#define mod 1000000007
#define N 110
#define M 1100000
inline char gc(){
static char now[1<<16],*S,*T;
if(S==T){T=(S=now)+fread(now,1,1<<16,stdin);if (T==S) return EOF; }
return *S++;
}
/*inline ll multiply(ll A,ll B,ll Mo){
ll tmp=((ll)((double)A*B/Mo+1e-6 )*Mo);
return A*B-tmp;
}*/
inline ll read(){
ll x=0,f=1;char ch=gc();
while (ch<'0'||ch>'9'){if (ch=='-') f=-1;ch=gc();}
while (ch<='9'&&ch>='0'){x=(x*10+ch-'0')%mod;ch=gc();}
return x*f;
}
ll a[N],n,top,ans[M],m;
inline bool judge(int x){
ll sum=0;
for (int i=n+1;i>=1;--i){
sum=((a[i]+sum)*x)%mod;
}return sum==0;
}
int main(){
freopen("2312.in","r",stdin);
n=read();m=read();
for (int i=1;i<=n+1;++i) a[i]=read();
// for (int i=1;i<=n+1;++i) printf("%d,a[i]);
for (int i=1;i<=m;++i){
if (judge(i)) ans[++top]=i;
}printf("%d\n",top);
for (int i=1;i<=top;++i) printf("%d\n",ans[i]);
return 0;
}