一、群
(一)定義
一種包含一些元素和相關元素的一個運算符的結構
(二)基本性質
1、封閉性:∀x,y∈S,x⊕y∈S(x,y可以相等)
2、結合律:∀a,b,c∈S,a⊕b⊕c=a⊕(b⊕c)(a,b,c可以相等)
3、機關元:∃e∈S,∀x∈S,e⊕x=x⊕e=x(x,e可以相等,我們往往用e代表機關元,也叫幺元)
4、逆元:∀x∈S,∃y∈S,x⊕y=y⊕x=e(x,y可以相等,我們稱y為x的逆元,記作x−1)
若s⊕x=e,則s是x的左逆元,若x⊕t=e,則t是x的右逆元,是以逆元唯一。
需要注意的是,群内元素不一定滿足交換律和配置設定律。
(部分轉自http://blog.csdn.net/ta201314/article/details/51050846)
(三)一些證明
首先,x^-1中x不一定是數,可以是任意元素,x^-1指x在某運算下的逆元。
例如:
在(實數,+)這個群中,e=0 x^-1=-x
在(實數,*)中,e=1,x^-1=1/x
1.若x存在左逆元,則右逆元一定和左逆元大小相等,即隻有一個逆元。
證明:
s⊕x=e
x⊕t=e
s=s⊕e=s⊕x⊕t=e⊕t=t
2.逆元的存在與消去律等價
逆元->消去律:隻需在等式兩邊⊕a−1即可。
消去律->逆元:對于a,若∀x,y∈S,ax=ay<=>x=y,則令S′=ax|x∈S,因為ax互不相同,是以|S′|=|S|,又因為封閉性,是以S′⊂S,即S′=S,那麼必然∃e∈S′,即∃x∈S,ax=e,于是我們就找到了a的逆元。(轉自TA)
(四)拉格朗日定理
内容:
若(s,+)有子群(s’,+),則|s|是|s’|的倍數。
首先引入陪集的概念:對于集合s,左陪集Sa={a+x|x∈S},右陪集同理。
證明:
∃x,y∈S
x⊕a=y⊕b
a=x−1⊕y⊕b
∀z∈S′,z⊕a=z⊕(x−1⊕y⊕b)=(z⊕x−1⊕y)⊕b
即對于一個元素z屬于Sa陪集,一定有一個元素屬于Sb,是以|Sa|=|Sb|。
又因為s的所有陪集大小相等且互不相交,是以|S’|||S|,證畢。
(五)軌道-穩定化子定理
對于置換群G,其中每個元素是1~n的置換。
穩定集 stab(x)={f∈G | f(x)=x},即不會使x發生置換的數量。
x通過G中的置換能變換到的位置稱為x的軌道
軌道數:orbit(x)={f(x) | f∈G}
|orbit(x)|實際上是stab(x)的陪集數,也就是說,把s中的元素拿出來和stab(x)造陪集,一共能造出orbit(x)個陪集。可以了解為使stab(x)++的每一個元素所造出的陪集是相同的,最終造出的陪集數就是軌道數。
由拉格朗日定理有:
|orbit(x)|∗|stab(x)|=|G|
(六) burnside引理
群論中最重要的引理。
對于一個置換,軌道數=循環節數=輪換數,軌道長度=循環節長度。
此引理用于求M中本質不同的元素個數,若置換f(),使得f(x)=y,則x與y本質相同。
設M為集合,G為置換群。
引理:
M中的軌道數:
∑x∈M1|orbit(x)|
對于一個軌道中的所有元素,設軌道長度為k,則有k個元素,每個元素計算k次,每次加1/k,這樣對于一個軌道/循環節來說就使答案加一。
再由軌道-穩定化子定理得
=∑x∈Mstab(x)|G|
=1|G|∗∑x∈Mstab(x)
=1|G|∗∑f∈G|{x∈m|f(x)=x}|
根據上式,可以使用二重循環求解。
呂欣總結的burnside引理:
集合 M 關于置換群 G 的軌道
數,等于 G 中每個置換下不不動點的個數的算術平均
數。
(七)polya定理
最實用的群論知識。
實質就是burnside引理,換個形式而已,但便于實作和計算。
内容:
定義置換群G,其中的每一個置換f若使得f(x)等于y,則x與y本質相同。
使用c中顔色對n個點染色,其本質不同的方案數為:
1|G|∗(cf1+cf2+⋯+cf|G|)
其中c^fn指置換群G中第n個置換的循環節個數(軌道數)。
使用快速幂計算即可,具體題目具體分析。