Problem Description
公元2222年,l國發生了一場戰争。
小Y負責上司勞工運輸物資。
其中有
m種物資的運輸方案,每種運輸方案形如
li,ri。表示存在一種貨物從
li運到
ri。
這裡有
n個城市,第
i個城市與第
i+1個城市相連(這裡
1号城市和
n号城市并不相連),并且從
i号城市走到
i+1号或者從
i+1号走到
i号需要耗費1點時間。
由于高科技的存在,小Y想到了一種節省時間的好方案。在X号城市與Y号城市之間設立傳送站,隻要這麼做,在X号城市走到Y号城市不需要耗費時間,同樣的,從Y号城市走到X号城市也不需要耗費時間。
但是為了防止混亂,隻能設立這麼一條傳送站。
現在這些運輸方案同時進行,小Y想讓最後到達目的地的運輸方案時間最短。
在樣例中,存在兩條運輸方案,分别是1号城市到3号與2号到4号,那麼我們在2号城市與3号城市建立傳送站,這樣運輸方案時間最長的隻需要1點時間就可以了。
Input
多組測試資料
第一行兩個整數
n,m(1≤n,m≤1000000)。
接下來
m行,每行兩個整數
li,ri(1≤li,ri≤n)。(若
li=ri,則不需要耗費任何時間)
Output
一個數表示答案。
Sample Input
5 2
1 3
2 4
Sample Output
1
二分答案加驗證,驗證的方法比較巧妙,想了挺久才搞懂。
二分答案為最遠的距離d,用這個d來驗證,對于原本距離小于d的可以不用考慮了,隻考慮原來大于d的
假設大于d的距離的兩端是L和R,那麼我們選擇建的區間是l,r那麼一定要滿足
abs(l-L)+abs(r-R)<=d
把這個式子的絕對值去掉,我們可以得到四條式子。
l-L+r-R<=d;
l-L-r+R<=d;
L-l+r-R<=d;
L-l+R-r<=d;
整理一下可得 L+R-d<=l+r<=L+R+d,L-R-d<=l-r<=L-R+d;
那麼我們就可以知道l+r和l-r的範圍了,然後隻要做區間的合并,
看最後是否有合法的l+r和l-r即可。
這裡需要注意一個問題,當l+r和l-r是唯一的且相加為奇數,那麼這樣的情況下,l和r是不存在的。
#pragma comment(linker, "/STACK:1024000000,1024000000")
#include<map>
#include<set>
#include<queue>
#include<stack>
#include<cmath>
#include<cstdio>
#include<bitset>
#include<string>
#include<vector>
#include<cstring>
#include<iostream>
#include<algorithm>
#include<functional>
using namespace std;
typedef __int64 LL;
const int low(int x) { return x&-x; }
const int INF = 0x7FFFFFFF;
const int mod = 1e9 + 7;
const int maxn = 1e6 + 10;
int n, L[maxn], R[maxn], m;
bool check(int d)
{
int l = -2 * n, ll = -2 * n;
int r = 3 * n, rr = 3 * n;
for (int i = 1; i <= m; i++)
{
if (R[i] - L[i] <= d) continue;
l = max(l, L[i] + R[i] - d);
r = min(r, L[i] + R[i] + d);
ll = max(ll, L[i] - R[i] - d);
rr = min(rr, L[i] - R[i] + d);
}
return l == r&&ll == rr ? !(l + ll & 1) : l <= r&&ll <= rr;
}
int main()
{
while (scanf("%d%d", &n, &m) != EOF)
{
for (int i = 1; i <= m; i++)
{
scanf("%d%d", &L[i], &R[i]);
if (L[i] > R[i]) swap(L[i], R[i]);
}
int q = 0, h = n;
while (q <= h)
{
int mid = q + h >> 1;
if (check(mid)) h = mid - 1; else q = mid + 1;
}
printf("%d\n", q);
}
return 0;
}