題目描述
這是 LeetCode 上的 90. 子集 II ,難度為 中等。
Tag : 「位運算」、「回溯算法」、「狀态壓縮」、「DFS」
給你一個整數數組 nums ,其中可能包含重複元素,請你傳回該數組所有可能的子集(幂集)。
解集 不能 包含重複的子集。傳回的解集中,子集可以按 任意順序 排列。
示例 1:
輸入:nums = [1,2,2]
輸出:[[],[1],[1,2],[1,2,2],[2],[2,2]]
示例 2:
輸入:nums = [0]
輸出:[[],[0]]
提示:
- 1 <= nums.length <= 10
- -10 <= nums[i] <= 10
回溯解法(Set)
由于是求所有的方案,而且資料範圍隻有 10,可以直接用爆搜來做。
同時由于答案中不能包含相同的方案,是以我們可以先對原數組進行排序,進而確定所有爆搜出來的方案,都具有單調性,然後配合 Set 進行去重。
代碼:
class Solution {
public List<List<Integer>> subsetsWithDup(int[] nums) {
Arrays.sort(nums);
Set<List<Integer>> ans = new HashSet<>();
List<Integer> cur = new ArrayList<>();
dfs(nums, 0, cur, ans);
return new ArrayList<>(ans);
}
/**
* @param nums 原輸入數組
* @param u 目前決策到原輸入數組中的哪一位
* @param cur 目前方案
* @param ans 最終結果集
*/
void dfs(int[] nums, int u, List<Integer> cur, Set<List<Integer>> ans) {
// 所有位置都決策完成,将目前方案放入結果集
if (nums.length == u) {
ans.add(new ArrayList<>(cur));
return;
}
// 選擇目前位置的元素,往下決策
cur.add(nums[u]);
dfs(nums, u + 1, cur, ans);
// 不選目前位置的元素(回溯),往下決策
cur.remove(cur.size() - 1);
dfs(nums, u + 1, cur, ans);
}
}
- 時間複雜度:排序複雜度為,爆搜複雜度為,每個方案通過深拷貝存入答案,複雜度為。整體複雜度為
- 空間複雜度:總共有個方案,每個方案最多占用空間,整體複雜度為
回溯解法
我們知道使用 Set 雖然是 操作,但是隻是均攤 。
是以我們來考慮不使用 Set 的做法。
我們使用 Set 的目的是為了去重,那什麼時候會導緻的重複呢?
其實就是相同的元素,不同的決策方案對應同樣的結果。
舉個????,[1,1,1] 的資料,隻選擇第一個和隻選擇第三個(不同的決策方案),結果是一樣的。
是以如果我們希望去重的話,不能單純的利用「某個下标是否被選擇」來進行決策,而是要找到某個數值的連續一段,根據該數值的選擇次數類進行決策。
還是那個????,[1,1,1] 的資料,我們可以需要找到數值為 1 的連續一段,然後決策選擇 0 次、選擇 1 次、選擇 2 次 ... 進而確定不會出現重複
也就是說,将決策方案從「某個下标是否被選擇」修改為「相同的數值被選擇的個數」。這樣肯定不會出現重複,因為 [1,1,1] 不會因為隻選擇第一個和隻選擇第三個産生兩個 [1] 的方案,隻會因為 1 被選擇一次,産生一個 [1] 的方案。
代碼:
class Solution {
public List<List<Integer>> subsetsWithDup(int[] nums) {
Arrays.sort(nums);
List<List<Integer>> ans = new ArrayList<>();
List<Integer> cur = new ArrayList<>();
dfs(nums, 0, cur, ans);
return ans;
}
/**
* @param nums 原輸入數組
* @param u 目前決策到原輸入數組中的哪一位
* @param cur 目前方案
* @param ans 最終結果集
*/
void dfs(int[] nums, int u, List<Integer> cur, List<List<Integer>> ans) {
// 所有位置都決策完成,将目前方案放入結果集
int n = nums.length;
if (n == u) {
ans.add(new ArrayList<>(cur));
return;
}
// 記錄目前位置是什麼數值(令數值為 t),并找出數值為 t 的連續一段
int t = nums[u];
int last = u;
while (last < n && nums[last] == nums[u]) last++;
// 不選目前位置的元素,直接跳到 last 往下決策
dfs(nums, last, cur, ans);
// 決策選擇不同個數的 t 的情況:選擇 1 個、2 個、3 個 ... k 個
for (int i = u; i < last; i++) {
cur.add(nums[i]);
dfs(nums, last, cur, ans);
}
// 回溯對數值 t 的選擇
for (int i = u; i < last; i++) {
cur.remove(cur.size() - 1);
}
}
}
- 時間複雜度:排序複雜度為,爆搜複雜度為,每個方案通過深拷貝存入答案,複雜度為。整體複雜度為
- 空間複雜度:總共有個方案,每個方案最多占用空間,整體複雜度為
狀态壓縮解法(Set)
由于長度隻有 10,我們可以使用一個 int 的後 10 位來代表每位數組成員是否被選擇。
同樣,我們也需要先對原數組進行排序,再配合 Set 來進行去重。
代碼:
class Solution {
public List<List<Integer>> subsetsWithDup(int[] nums) {
Arrays.sort(nums);
int n = nums.length;
Set<List<Integer>> ans = new HashSet<>();
List<Integer> cur = new ArrayList<>();
// 枚舉 i 代表,枚舉所有的選擇方案狀态
// 例如 [1,2],我們有 []、[1]、[2]、[1,2] 幾種方案,分别對應了 00、10、01、11 幾種狀态
for (int i = 0; i < (1 << n); i++) {
cur.clear();
// 對目前狀态進行諸位檢查,如果目前狀态為 1 代表被選擇,加入目前方案中
for (int j = 0; j < n; j++) {
int t = (i >> j) & 1;
if (t == 1) cur.add(nums[j]);
}
// 将目前方案中加入結果集
ans.add(new ArrayList<>(cur));
}
return new ArrayList<>(ans);
}
}
- 時間複雜度:排序複雜度為,爆搜複雜度為,每個方案通過深拷貝存入答案,複雜度為。整體複雜度為
- 空間複雜度:總共有個方案,每個方案最多占用空間,整體複雜度為
最後
這是我們「刷穿 LeetCode」系列文章的第
No.90
篇,系列開始于 2021/01/01,截止于起始日 LeetCode 上共有 1916 道題目,部分是有鎖題,我們将先将所有不帶鎖的題目刷完。