【題目連結】
ybt 1170:計算2的N次方
OpenJudge NOI 1.6 12:計算2的N次方
【題目考點】
1. 高精度
考察:高精乘低精
高精度計算講解
2. 快速幂
【解題思路】
先估算結果的位數。指數最大為100,求 2 100 2^{100} 2100的位數。
已知:若正整數x的的位數為n,那麼有: n = ⌊ l g x ⌋ + 1 n = \lfloor lgx \rfloor + 1 n=⌊lgx⌋+1
2 100 2^{100} 2100的位數為 ⌊ l g 2 100 ⌋ + 1 = ⌊ 100 ⋅ l g 2 ⌋ + 1 ≤ ⌊ 100 ⋅ l g 10 ⌋ + 1 = 101 \lfloor lg2^{100} \rfloor + 1 = \lfloor 100\cdot lg2 \rfloor + 1 \le \lfloor 100\cdot lg10 \rfloor + 1 = 101 ⌊lg2100⌋+1=⌊100⋅lg2⌋+1≤⌊100⋅lg10⌋+1=101
可知結果不會超過101位,數字數組長度可以設為105
解法1:累乘
由于每次乘的數字是2,那麼可以使用高精對低精乘法,盡量減少算法複雜度,高精乘低精累乘n次即可。
解法2:快速幂
低精度快速幂如下:
int Pow(int a, int b)//求a^b
{
int r = 1;
while(b > 0)
{
if(b % 2 == 1)
r *= a;
a *= a;
b /= 2;
}
return r;
}
本題要求 2 n 2^n 2n, n ≤ 100 n\le 100 n≤100,n是個低精度數字。
即上述函數中的a、r替換為高精,b為低精。是以隻需要實作高精度計算中的高精乘高精。
【題解代碼】
解法1:累乘
- 使用數組與函數
#include <bits/stdc++.h>
using namespace std;
#define N 105
void setLen(int a[], int i)
{
while(a[i] == 0 && i > 1)//去除多餘的0
i--;
a[0] = i;
}
void Multiply(int a[], int b)//a *= b 高精乘低精
{
int c = 0, i;
for(i = 1; i <= a[0]; ++i)
{
a[i] = a[i]*b + c;
c = a[i] / 10;
a[i] %= 10;
}
while(c > 0)
{
a[i] = c % 10;
c /= 10;
i++;
}
setLen(a, i);
}
void toNum(char s[], int a[])
{
a[0] = strlen(s);
for(int i = 1; i <= a[0]; ++i)
a[i] = s[a[0] - i] - '0';
}
void showNum(int a[])
{
for(int i = a[0];i >= 1;--i)
cout << a[i];
cout << endl;
}
int main()
{
int a[N] = {1,1}, n;//高精度數字a初始化為1
cin >> n;
for(int i = 1; i <= n; ++i)
Multiply(a, 2);
showNum(a);
return 0;
}
- 使用高精度數字類
#include<bits/stdc++.h>
using namespace std;
#define N 105
struct HPN
{
int a[N];
HPN()
{
memset(a, 0, sizeof(a));
}
HPN(char s[])
{
memset(a, 0, sizeof(a));
a[0] = strlen(s);
for(int i = 1; i <= a[0]; ++i)
a[i] = s[a[0] - i] - '0';
}
int& operator [] (int i)
{
return a[i];
}
void setLen(int i)//确定數字位數
{
while(a[i] == 0 && i > 1)
i--;
a[0] = i;
}
void operator *= (int b)//a *= b
{
int c = 0, i;
for(i = 1; i <= a[0]; ++i)
{
a[i] = a[i]*b + c;
c = a[i] / 10;
a[i] %= 10;
}
while(c > 0)
{
a[i] = c % 10;
c /= 10;
i++;
}
setLen(i);
}
void show()
{
for(int i = a[0]; i >= 1; --i)
cout << a[i];
}
};
int main()
{
int n;
cin >> n;
HPN a("1");//a初值為1
for(int i = 1; i <= n; ++i)
a *= 2;
a.show();
return 0;
}
解法2:快速幂
- 使用數組與函數
#include <bits/stdc++.h>
using namespace std;
#define N 105
void setLen(int a[], int i)
{
while(a[i] == 0 && i > 1)//去除多餘的0
i--;
a[0] = i;
}
void numcpy(int a[], int b[])
{
for(int i = 0; i <= b[0]; ++i)
a[i] = b[i];
}
void Multiply(int a[], int b[])//a *= b 高精乘高精
{
int r[N] = {};
for(int i = 1; i <= a[0]; ++i)
{
int c = 0;
for(int j = 1; j <= b[0]; ++j)
{
r[i+j-1] += a[i]*b[j] + c;
c = r[i+j-1] / 10;
r[i+j-1] %= 10;
}
r[i+b[0]] += c;
}
setLen(r, a[0] + b[0]);
numcpy(a, r);
}
void toNum(char s[], int a[])
{
a[0] = strlen(s);
for(int i = 1; i <= a[0]; ++i)
a[i] = s[a[0] - i] - '0';
}
void showNum(int a[])
{
for(int i = a[0];i >= 1;--i)
cout << a[i];
cout << endl;
}
void fastPower(int a[], int b, int r[])//快速幂 r = a^b 傳入前r初始化為0
{
int c[N] = {};//c:變化的底數
numcpy(c, a);
r[0] = r[1] = 1;//将r設為1
while(b > 0)
{
if(b % 2 == 1)
Multiply(r, c);
Multiply(c, c);
b /= 2;
}
}
int main()
{
int a[N] = {1,2}, r[N] = {}, n;//a:初值為2, r初值為空
cin >> n;
fastPower(a, n, r);
showNum(r);
return 0;
}
- 使用高精度計算類
#include<bits/stdc++.h>
using namespace std;
#define N 105
struct HPN
{
int a[N];
HPN()
{
memset(a, 0, sizeof(a));
}
HPN(char s[])
{
memset(a, 0, sizeof(a));
a[0] = strlen(s);
for(int i = 1; i <= a[0]; ++i)
a[i] = s[a[0] - i] - '0';
}
int& operator [] (int i)
{
return a[i];
}
void setLen(int i)//确定數字位數
{
while(a[i] == 0 && i > 1)
i--;
a[0] = i;
}
HPN operator * (HPN b)//r = a * b
{
HPN r;
for(int i = 1; i <= a[0]; ++i)
{
int c = 0;
for(int j = 1; j <= b[0]; ++j)
{
r[i+j-1] += a[i]*b[j] + c;
c = r[i+j-1] / 10;
r[i+j-1] %= 10;
}
r[i+b[0]] += c;
}
r.setLen(a[0] + b[0]);
return r;
}
HPN operator ^ (int b)//快速幂 求a^b
{
HPN c = *this, r("1");
while(b > 0)
{
if(b % 2 == 1)
r = r * c;
c = c * c;
b /= 2;
}
return r;
}
void show()
{
for(int i = a[0]; i >= 1; --i)
cout << a[i];
}
};
int main()
{
int n;
cin >> n;
HPN a("2"), r;
r = a ^ n;//快速幂求乘方
r.show();
return 0;
}