題目連結:http://codeforces.com/contest/1114
題目大意:
查詢結構,
初始給定一個序列,支援兩種操作,
一種是 在區間上每個數都乘上一個x,
一種是查詢區間上每個數累乘後的結果的歐拉函數。
題目分析:
這道題應該是 比較簡單的,
主要感覺還是考驗代碼功底吧。
觀察歐拉函數的性質即可,
euler(n)=n*{因子乘積(1-1/p)}形式,
打表發現300以内的質數個數剛好是62,用long long存的下,
那麼不難想到,開兩顆線段樹,一顆維護前面的n,就是普通的區間乘積形式,
另一種是維護區間中包含的質因子的形式,這方面可以用狀壓表示該區間到底存放了哪些質因子,
關于質因子區間性質對應位運算應該是或運算。
兩種區間性質都清楚了代碼結構就清楚了,注意逆元最好預處理下不然可能逾時。
#include<bits/stdc++.h>
using namespace std;
#define debug puts("YES");
#define rep(x,y,z) for(int (x)=(y);(x)<(z);(x)++)
#define ll long long
#define lrt int l,int r,int rt
#define lson l,mid,rt<<1
#define rson mid+1,r,rt<<1|1
#define root l,r,rt
#define mst(a,b) memset((a),(b),sizeof(a))
#define pii pair<int,int>
#define fi first
#define se second
#define mk(x,y) make_pair(x,y)
const int mod=1e9+7;
const int maxn=4e5+10;
const int ub=1e6;
const double inf=1e-4;
ll powmod(ll x,ll y){ll t; for(t=1;y;y>>=1,x=x*x%mod) if(y&1) t=t*x%mod; return t;}
ll gcd(ll x,ll y){return y?gcd(y,x%y):x;}
/*
題目大意:
查詢結構,
初始給定一個序列,支援兩種操作,
一種是 在區間上每個數都乘上一個x,
一種是查詢區間上每個數累乘後的結果的歐拉函數。
題目分析:
這道題應該是 比較簡單的,
主要感覺還是考驗代碼功底吧。
觀察歐拉函數的性質即可,
euler(n)=n*{因子乘積(1-1/p)}形式,
打表發現300以内的質數個數剛好是62,用long long存的下,
那麼不難想到,開兩顆線段樹,一顆維護前面的n,就是普通的區間乘積形式,
另一種是維護區間中包含的質因子的形式,這方面可以用狀壓表示該區間到底存放了哪些質因子,
關于質因子區間性質對應位運算應該是或運算。
兩種區間性質都清楚了代碼結構就清楚了,注意逆元最好預處理下不然可能逾時。
*/
int p[400],vis[400],tot=0;
ll inv[301];
void sieve(){
rep(i,2,300){
if(!vis[i]) p[tot++]=i;
rep(j,0,tot){
if(1LL*i*p[j]>=300) break;
vis[i*p[j]]=1;
if(i%p[j]==0) break;
}
}
mst(inv,0),inv[0]=inv[1]=1;
for(int i=2;i<301;i++) inv[i]=1LL*(mod-mod/i)*inv[mod%i]%mod;
///cout<<inv[59]<<" "<<powmod(59LL,mod-2)<<endl;
}
int n,m,x;
ll a[maxn],b[maxn];
struct seg{
ll tree[maxn<<2],lazy[maxn<<2];
int flag;
void build(lrt){
lazy[rt]=flag;
if(l==r){
if(flag) tree[rt]=b[l];
else tree[rt]=a[l];
return ;
}
int mid=l+r>>1;
build(lson),build(rson);
if(flag) tree[rt]=tree[rt<<1]*tree[rt<<1|1]%mod;
else tree[rt]=tree[rt<<1]|tree[rt<<1|1];
}
void pushdown(int l,int r,int rt){
int mid=l+r>>1;
if(lazy[rt]!=flag){
if(flag){
(lazy[rt<<1]*=lazy[rt])%=mod;
(lazy[rt<<1|1]*=lazy[rt])%=mod;
tree[rt<<1]=tree[rt<<1]*powmod(lazy[rt],mid-l+1)%mod;
tree[rt<<1|1]=tree[rt<<1|1]*powmod(lazy[rt],r-mid)%mod;
}
else{
lazy[rt<<1]|=lazy[rt];
lazy[rt<<1|1]|=lazy[rt];
tree[rt<<1]|=lazy[rt];
tree[rt<<1|1]|=lazy[rt];
}
lazy[rt]=flag;
}
}
void update(lrt,int L,int R,ll v){
if(L<=l&&r<=R){
if(flag)tree[rt]=tree[rt]*powmod(v,r-l+1)%mod;
else tree[rt]|=v;
if(flag) (lazy[rt]*=v)%=mod;
else lazy[rt]|=v;
return ;
}
pushdown(l,r,rt);
int mid=l+r>>1;
if(L<=mid)update(lson,L,R,v);
if(mid<R) update(rson,L,R,v);
if(flag) tree[rt]=tree[rt<<1]*tree[rt<<1|1]%mod;
else tree[rt]=tree[rt<<1]|tree[rt<<1|1];
}
ll query(lrt,int L,int R){
if(L<=l&&r<=R) return tree[rt];
int mid=l+r>>1;
pushdown(l,r,rt);
ll ans=flag;
if(L<=mid){
if(flag) ans=ans*query(lson,L,R)%mod;
else ans|=query(lson,L,R);
}
if(mid<R){
if(flag) ans=ans*query(rson,L,R)%mod;
else ans|=query(rson,L,R);
}
return ans;
}
}tree1,tree2;
int main(){
sieve();
cin>>n>>m;
rep(i,1,n+1){
cin>>x;b[i]=x;///
a[i]=0;
for(int j=2;j<=x;j++)if(x%j==0){
int pos=lower_bound(p,p+tot,j)-p;
while(x%j==0) x/=j;
a[i]|=1LL<<pos;
}
}
tree1.flag=1,tree2.flag=0;
tree1.build(1,n,1);
tree2.build(1,n,1);
rep(i,0,m){
char op[20];scanf("%s",op);
int x,y,z;
if(op[0]=='T'){
cin>>x>>y;
ll ret=tree2.query(1,n,1,x,y),ans=tree1.query(1,n,1,x,y);
rep(j,0,tot) if((1LL<<j)&ret)///這裡有點玄學,用==1LL就不行
ans=ans*(p[j]-1)%mod*inv[p[j]]%mod;
cout<<ans<<endl;
}
else{
cin>>x>>y>>z;
tree1.update(1,n,1,x,y,z);
ll sta=0;
for(int j=2;j<=z;j++)if(z%j==0){
int pos=lower_bound(p,p+tot,j)-p;
sta|=1LL<<pos;
while(z%j==0) z/=j;
}
tree2.update(1,n,1,x,y,sta);
}
}
return 0;
}